【中考数学】
(2020•深圳)配景:一次小组互助探究课上,小明将两个正方形按如图所示的位置摆放(点E、A、D在统一条直线上),发觉BE=DG且BE⊥DG.
小组商议后,提出了下列三个题目,请你关心解答:
(1)将正方形AEFG绕点A按逆时针偏向扭转(如图1),还能得到BE=DG吗?若能,请给出证明;若不克不及,请阐明来由;
(2)把配景中的正方形分别改成菱形AEFG和菱形ABCD,将菱形AEFG绕点A按顺时针偏向扭转(如图2),试问当∠EAG与∠BAD的巨细餍足如何的干系时,配景中的结论BE=DG仍建立?请阐明来由;
(3)把配景中的正方形分别改写成矩形AEFG和矩形ABCD,且AE/AG=AB/AD=2/3,AE=4,AB=8,将矩形AEFG绕点A按顺时针偏向扭转(如图3),毗连DE,BG.小组发觉:在扭转历程中,DE²+BG²的值是定值,恳求出这个定值.
【阐发】
题(1)目测线段相称,使用SAS即可证明结论;
题(2)便是在题(1)的底子上举行求解即可,也是SAS的全等;
题(3)酿成了相似。但是结论变了。此类标题怎么做呢?
图形扭转历程中要求DE²+BG²的定值。我们可以先定一个出发点,算出其数值,然后再扭转90°算出一个数值,两个一比拟就知道是不是定值了。再依据两个图形的解法得出普通的求解历程。
毗连EG、BD得到一个四边形。观看发觉对角线BE与DG是相互垂直的。
以是我们可以得到
DE²+BG²=EG²+DQ²+GQ²+BQ²=BD²+EG²。
再转化为
AE²+AG²+AB²+AD²=260。
【答案】解:(1)∵四边形AEFG为正方形,
∴AE=AF,∠EAG=90°,
又∵四边形ABCD为正方形,
∴AB=AD,∠BAD=90°,
∴∠EAB=∠GAD,
∴△AEB≌△AGD(SAS),
∴BE=DG;
(2)当∠EAG=∠BAD时,BE=DG,
来由如下:
∵∠EAG=∠BAD,
∴∠EAB=∠GAD,
又∵四边形AEFG和四边形ABCD为菱形,
∴AE=AG,AB=AD,
∴△AEB≌△AGD(SAS),
∴BE=DG;
(3)【要领一】
过点E作EM⊥DA,交DA的延伸线于点M,
过点G作GN⊥AB交AB于点N,
由题意知,AE=4,AB=8,
∵AE/AG=AB/AD=2/3,
∴AG=6,AD=12,
∵∠EMA=∠ANG,∠MAE=∠GAN,
∴△AME∽△ANG,
设EM=2a,AM=2b,则GN=3a,AN=3b,则BN=8﹣3b,
∴ED²=(2a)²+(12+2b)²=4a²+144+48b+4b²,
GB²=(3a)²+(8﹣3b)²=9a²+64﹣48b+9b²,
∴ED²+GB²=13(a²+b²)+208=13×4+208=260.
【要领二】
如图2,设BE与DG交于Q,
∵AE/AG=AB/AD=2/3,AE=4,AB=8
∴AG=6,AD=12.
∵四边形AEFG和四边形ABCD为矩形,
∴∠EAG=∠BAD,
∴∠EAB=∠GAD,
∵EA/AG=AB/AD,
∴△EAB∽△GAD,
∴∠BEA=∠AGD,
∴A,E,G,Q四点共圆,
∴∠GQP=∠PAE=90°,
∴GD⊥EB,
毗连EG,BD,
∴ED²+GB²=EQ²+QD²+GQ²+QB²=EG²+BD²,
∴EG²+BD²=4²+6²+8²+12²=260.